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Terminale Spé Maths / Chapitre 5 : Fonction logarithme / Annales du bac

Bac 2024, Amérique du Nord : exercice 4

22 mai 2024 · jour 2 · 4 points

Soit aa un réel strictement positif.

On considère la fonction ff définie sur l'intervalle ]0  ;  +∞[]0\;;\;+\infty[ par

f(x)=aln⁡(x).f(x) = a \ln (x).

On note C\mathcal{C} sa courbe représentative dans un repère orthonormé.

Soit x0x_{0} un réel strictement supérieur à 1.

  1. Déterminer l'abscisse du point d'intersection de la courbe C\mathcal{C} et de l'axe des abscisses.

  2. Vérifier que la fonction FF définie par F(x)=a[xln⁡(x)−x]F(x) =a [x \ln (x) - x] est une primitive de la fonction ff sur l'intervalle ]0  ;  +∞[]0\;;\;+\infty[.

  3. En déduire l'aire du domaine bleuté en fonction de aa et de x0x_{0}.

Figure de l'énoncé, exercice 4, Amérique du Nord 22 mai 2024

On note TT la tangente à la courbe C\mathcal{C} au point MM d'abscisse x0x_{0}.

On appelle A le point d'intersection de la tangente TT avec l'axe des ordonnées et B le projeté orthogonal de MM sur l'axe des ordonnées.

Figure de l'énoncé, exercice 4, Amérique du Nord 22 mai 2024
  1. Démontrer que la longueur AB est égale à une constante (c'est-à-dire à un nombre qui ne dépend pas de x0x_{0}) que l'on déterminera.

    Le candidat prendra soin d'expliciter sa démarche.

Voir le corrigé

Question 1.

Pour tout x>0x>0, comme a>0a>0 :

f(x)=0  ⟺  aln⁡x=0  ⟺  ln⁡x=0  ⟺  x=1.f(x)=0\iff a\ln x=0\iff\ln x=0\iff x=1.

Donc la courbe C\mathcal{C} coupe l'axe des abscisses en un seul point, d'abscisse 11.

Réponse : le point d'intersection a pour abscisse 11.

Question 2.

La fonction F(x)=a[xln⁡x−x]F(x)=a\left[x\ln x-x\right] est dérivable sur ]0 ;+∞[]0\,;+\infty[. Pour le produit xln⁡xx\ln x, on pose u(x)=xu(x)=x et v(x)=ln⁡xv(x)=\ln x, avec u′(x)=1u'(x)=1 et v′(x)=1xv'(x)=\dfrac1x. La formule (uv)′=u′v+uv′(uv)'=u'v+uv' donne

(xln⁡x)′=ln⁡x+x×1x=ln⁡x+1.\left(x\ln x\right)'=\ln x+x\times\dfrac1x=\ln x+1.

On en déduit, pour tout x>0x>0 :

F′(x)=a[ln⁡x+1−1]=aln⁡x=f(x).F'(x)=a\left[\ln x+1-1\right]=a\ln x=f(x).

Donc FF est une primitive de ff sur ]0 ;+∞[]0\,;+\infty[.

Question 3.

Sur l'intervalle [1 ;x0][1\,;x_0] (avec x0>1x_0>1), on a ln⁡x⩾0\ln x\geqslant0 et a>0a>0, donc f(x)⩾0f(x)\geqslant0. La fonction ff est continue et positive sur [1 ;x0][1\,;x_0] : l'aire du domaine bleuté, délimité par la courbe C\mathcal{C}, l'axe des abscisses et les droites d'équations x=1x=1 et x=x0x=x_0, est égale, en unités d'aire, à

A=∫1x0aln⁡x dx.\mathcal{A}=\int_1^{x_0}a\ln x\,\mathrm{d}x.

D'après la question 2, FF est une primitive de ff :

A=F(x0)−F(1).\mathcal{A}=F(x_0)-F(1).

On calcule les deux valeurs :

F(x0)=a[x0ln⁡x0−x0],F(1)=a[1×ln⁡1−1]=−a.F(x_0)=a\left[x_0\ln x_0-x_0\right],\qquad F(1)=a\left[1\times\ln1-1\right]=-a.

On en déduit

A=a[x0ln⁡x0−x0]+a=a(x0ln⁡x0−x0+1).\mathcal{A}=a\left[x_0\ln x_0-x_0\right]+a=a\left(x_0\ln x_0-x_0+1\right).

Donc l'aire du domaine bleuté est a(x0ln⁡x0−x0+1)a\left(x_0\ln x_0-x_0+1\right) unités d'aire.

Réponse : A=a(x0ln⁡x0−x0+1)\mathcal{A}=a\left(x_0\ln x_0-x_0+1\right).

Question 4.

La fonction ff est dérivable sur ]0 ;+∞[]0\,;+\infty[ et f′(x)=axf'(x)=\dfrac ax. Le point MM a pour coordonnées (x0 ;aln⁡x0)\left(x_0\,;a\ln x_0\right) et f′(x0)=ax0f'(x_0)=\dfrac a{x_0}.

La tangente TT à C\mathcal{C} au point d'abscisse x0x_0 a pour équation

y=f′(x0)(x−x0)+f(x0)=ax0(x−x0)+aln⁡x0.y=f'(x_0)(x-x_0)+f(x_0)=\dfrac a{x_0}(x-x_0)+a\ln x_0.

On développe :

y=ax0x−a+aln⁡x0.y=\dfrac a{x_0}x-a+a\ln x_0.

Le point A est le point d'intersection de TT avec l'axe des ordonnées : on prend x=0x=0, ce qui donne y=aln⁡x0−ay=a\ln x_0-a. Donc

A(0 ;aln⁡x0−a).A\left(0\,;a\ln x_0-a\right).

Le point B est le projeté orthogonal de MM sur l'axe des ordonnées : il a la même ordonnée que MM et une abscisse nulle. Donc

B(0 ;aln⁡x0).B\left(0\,;a\ln x_0\right).

Les points A et B sont sur l'axe des ordonnées, donc la longueur ABAB est la valeur absolue de la différence de leurs ordonnées :

AB=∣aln⁡x0−(aln⁡x0−a)∣=∣a∣=a,AB=\left|a\ln x_0-\left(a\ln x_0-a\right)\right|=|a|=a,
car a>0a>0.

Donc la longueur ABAB est égale à aa, constante qui ne dépend pas de x0x_0.

Réponse : AB=aAB=a.

Points clés attendus

  • Question 1 : utiliser a>0a>0 pour passer de aln⁡x=0a\ln x=0 à ln⁡x=0\ln x=0.

  • Question 2 : dériver FF en détaillant la formule du produit pour xln⁡xx\ln x.

  • Question 3 : justifier que ff est positive sur [1 ;x0][1\,;x_0] (donc l'intégrale est bien une aire), puis utiliser la primitive FF en calculant F(1)=−aF(1)=-a.

  • Question 4 : écrire l'équation de la tangente avec la formule y=f′(x0)(x−x0)+f(x0)y=f'(x_0)(x-x_0)+f(x_0), déterminer les coordonnées de A et de B, et conclure avec a>0a>0 pour la valeur absolue.

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Source : sujet officiel de l'épreuve de spécialité mathématiques du baccalauréat, session 2024 (Amérique du Nord, 22 mai 2024 (jour 2)), ministère de l'Éducation nationale. Énoncé mis en forme pour le web à partir du tapuscrit de l'APMEP (Denis Vergès et François Hache) ; figures issues des fichiers de l'APMEP. En cas de doute sur un détail, le sujet officiel fait foi.

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